Paklauskite bet kurio specialisto, kaip tinkamai organizuoti ?ildymo sistem? pastate. Nesvarbu, ar turtas yra gyvenamasis ar pramoninis. Ir profesionalas atsakys, kad svarbiausia yra tiksliai atlikti skai?iavimus ir teisingai atlikti dizain?. Vis? pirma kalbame apie ?ilumos apkrovos apskai?iavim? ?ildymui. Nuo ?io rodiklio priklauso ?ilumin?s energijos s?naudos, taigi ir kuro. Tai yra, ekonominiai rodikliai stovi ?alia technini? charakteristik?.

Tiksli? skai?iavim? atlikimas leid?ia gauti ne tik visas s?ra?as b?tina atlikti montavimo darbai dokumentacij?, bet ir parinkti reikaling? ?rang?, papildomus komponentus ir med?iagas.

?ilumin?s apkrovos – apibr??imas ir charakteristikos

K? paprastai rei?kia terminas „?ildymo apkrova“? Tai ?ilumos kiekis, kur? i?skiria visi pastate ?rengti ?ildymo ?renginiai. Norint i?vengti nereikaling? i?laid? darbui, taip pat nereikalingos ?rangos ir med?iag? pirkimo, b?tina atlikti i?ankstin? skai?iavim?. Su jo pagalba galite pakoreguoti ?ilumos ?rengimo ir paskirstymo visose patalpose taisykles, ir tai galima padaryti ekonomi?kai ir tolygiai.

Bet tai dar ne viskas. Labai da?nai ekspertai atlieka skai?iavimus, remdamiesi tiksliais rodikliais. Jie susij? su namo dyd?iu ir statybos niuansais, kai atsi?velgiama ? pastato element? ?vairov? ir j? atitikt? ?ilumos izoliacijos bei kit? dalyk? reikalavimams. B?tent tiksl?s rodikliai leid?ia teisingai atlikti skai?iavimus ir atitinkamai gauti galimybes paskirstyti ?ilumin? energij? visose patalpose kuo ar?iau idealo.

Ta?iau da?nai pasitaiko klaid? skai?iavimuose, o tai lemia neefektyvi? ?ildymo veikl?. Kartais eksploatacijos metu reikia perdaryti ne tik grandines, bet ir sistemos dalis, o tai sukelia papildom? i?laid?.

Kokie parametrai ?takoja visos ?ilumin?s apkrovos skai?iavim?? ?ia reikia padalyti krovin? ? kelias pozicijas, kurios apima:

• Centrinio ?ildymo sistema.
• Grindinio ?ildymo sistema, jei tokia name ?rengta.
• V?dinimo sistema – tiek priverstin?, tiek nat?rali.
• Kar?to vandens tiekimas ? pastat?.
• Filialai papildomiems buities poreikiams. Pavyzd?iui, saunai ar pir?iai, baseinui ar du?ui.

Pagrindin?s savyb?s

Profesionalai nepamir?ta joki? smulkmen?, kurios gali tur?ti ?takos skai?iavimo teisingumui. Taigi, yra gana didelis ?ildymo sistemos charakteristik? s?ra?as, ? kur? reik?t? atsi?velgti. ?tai tik keletas i? j?:

1. Turto paskirtis arba jo r??is. Tai gali b?ti gyvenamasis arba pramoninis pastatas. ?ilumos energijos tiek?jai turi standartus, kurie paskirstomi pagal pastato tip?. Jie da?nai yra skai?iavim? pagrindas.
2. Pastato architekt?rin? dalis. Tai gali b?ti aptvariniai elementai (sienos, stogo danga, lubos, grindys), j? bendri matmenys, storis. B?tinai atsi?velkite ? visokias angas – balkonus, langus, duris ir kt. Labai svarbu atsi?velgti ? r?si? ir pal?pi? buvim?.
3. Temperat?ros s?lygos kiekvienam kambariui atskirai. Tai labai svarbu, nes bendrieji reikalavimai iki temperat?ros namuose nesuteikia tikslaus ?ilumos pasiskirstymo vaizdo.
4. Patalp? paskirtis. Tai daugiausia taikoma gamybos cechams, kur reikalaujama grie?tesni? reikalavim?. temperat?ros re?imas.
5. Speciali? patalp? prieinamumas. Pavyzd?iui, priva?iuose gyvenamuosiuose pastatuose tai gali b?ti vonios ar saunos.
6. Technin?s ?rangos laipsnis. Atsi?velgiama ? v?dinimo ir oro kondicionavimo sistemos buvim?, kar?to vandens tiekim? ir naudojamo ?ildymo tip?.
7. Ta?k?, per kuriuos atliekama atranka, skai?ius kar?tas vanduo. Ir kuo daugiau toki? ta?k?, tuo didesn? ?ilumin? apkrova veikia ?ildymo sistem?.
8. ?moni? skai?ius svetain?je. Nuo ?io rodiklio priklauso tokie kriterijai kaip patalp? dr?gm? ir temperat?ra.
9. Papildomi rodikliai. Gyvenamosiose patalpose galite i?skirti vonios kambari?, atskir? kambari?, balkon? skai?i?. IN pramoniniai pastatai- darbuotoj? pamain? skai?ius, dien? skai?ius per metus, kai pats cechas veikia technologin?je grandin?je.

Kas ?traukta ? apkrovos skai?iavimus

?ildymo schema

?ildymo ?ilumini? apkrov? skai?iavimas atliekamas pastato projektavimo etape. Ta?iau tuo pat metu reikia atsi?velgti ? ?vairi? standart? normas ir reikalavimus.

Pavyzd?iui, ?ilumos nuostoliai i? pastato atitvar?. Be to, atsi?velgiama ? visus kambarius atskirai. Kitas, tai yra galia, reikalinga au?inimo skys?iui ?ildyti. Prid?kime ?ia ?ilumin?s energijos kiek?, reikaling? tiekiamajai ventiliacijai ?ildyti. Be to skai?iavimas nebus labai tikslus. Prid?kime ir energij?, kuri i?leid?iama ?ildant vanden? pir?iai ar baseinui. Ekspertai turi atsi?velgti ? tolesn? ?ildymo sistemos pl?tr?. K? daryti, jei po keleri? met? nuspr?site sutvarkyti a turki?kas hamamas. Tod?l prie apkrov? reikia prid?ti kelis procentus – da?niausiai iki 10 proc.

Rekomendacija! B?tina apskai?iuoti ?ilumines apkrovas su „mar?a“. kaimo namai. B?tent rezervas leis ateityje i?vengti papildom? finansini? i?laid?, kurias da?nai lemia keli? nuli? sumos.

?ilumin?s apkrovos skai?iavimo ypatyb?s

Oro parametrai, tiksliau, jo temperat?ra, paimti i? GOST ir SNiP. ?ia taip pat parenkami ?ilumos perdavimo koeficientai. Beje, reikia atsi?velgti ? vis? tip? ?rangos (katil?, ?ildymo radiatori? ir kt.) paso duomenis.

Kas paprastai ?traukiama ? tradicin? ?ilumos apkrovos skai?iavim??

• Pirma, maksimalus ?ilumin?s energijos srautas, sklindantis i? ?ildymo prietais? (radiatori?).
• Antra, maksimalus ?ilumos suvartojimas per 1 darbo valand? ?ildymo sistema.
• Tre?ia, bendros ?ilumos s?naudos tam tikram laikotarpiui. Paprastai skai?iuojamas sezoninis laikotarpis.

Jei visi ?ie skai?iavimai bus i?matuoti ir lyginami su visos sistemos ?ilumos perdavimo plotu, gausite gana tiksl? namo ?ildymo efektyvumo rodikl?. Ta?iau reik?s atsi?velgti ir ? nedidelius nukrypimus. Pavyzd?iui, suma?inti ?ilumos suvartojim? nakt?. U? pramoniniai objektai Taip pat tur?site atsi?velgti ? savaitgalius ir ?ventes.

?ilumini? apkrov? nustatymo metodai

?ildom? grind? dizainas

?iuo metu ekspertai naudoja tris pagrindinius ?ilumini? apkrov? skai?iavimo metodus:

1. Pagrindini? ?ilumos nuostoli? apskai?iavimas, kai atsi?velgiama tik ? suvestinius rodiklius.
2. Atsi?velgiama ? rodiklius, pagr?stus atitvar? konstrukcij? parametrais. ?ia da?niausiai pridedami vidaus oro ?ildymo nuostoliai.
3. Apskai?iuojamos visos sistemos, kurios yra ?ilumos tinkl? dalis. Tai apima ?ildym? ir v?dinim?.

Yra dar viena galimyb?, vadinama padidintu skai?iavimu. Jis da?niausiai naudojamas, kai n?ra standartiniams skai?iavimams b?tin? pagrindini? pastato rodikli? ir parametr?. Tai rei?kia, kad tikrosios charakteristikos gali skirtis nuo projektini?.

Nor?dami tai padaryti, ekspertai naudoja labai paprast? formul?:

Q max nuo.=a x V x q0 x (tв-tн.р.) x 10 -6

a yra pataisos koeficientas, priklausantis nuo konstrukcijos regiono (lentel?s reik?m?)
V - pastato t?ris i?ilgai i?orini? plok?tum?
q0 - ?ildymo sistemos charakteristika pagal specifin? rodikl?, da?niausiai nustatoma pagal ?al?iausias met? dienas

?ilumini? apkrov? tipai

?ilumin?s apkrovos, naudojamos ?ildymo sistemos skai?iavimams ir ?rangos parinkimui, turi kelet? atmain?. Pavyzd?iui, sezonin?s apkrovos, turin?ios ?ias funkcijas:

1. Lauko temperat?ros poky?iai viso ?ildymo sezono metu.
2. Regiono, kuriame buvo pastatytas namas, meteorologiniai ypatumai.
3. ?ildymo sistemos apkrovos ?uoliai dienos metu. ?is indikatorius paprastai patenka ? „nedidel?s apkrovos“ kategorij?, nes u?kertantys elementai neleid?ia auk?to sl?gio?ildymui apskritai.
4. Viskas, kas susij? su ?ilumos energija, susijusi su pastato v?dinimo sistema.
5. ?ilumos apkrovos, kurios nustatomos i?tisus metus. Pavyzd?iui, kar?to vandens suvartojimas vasaros sezonu suma??ja tik 30-40%, lyginant su ?iemos sezonu.
6. Sausas kar?tis. ?i savyb? b?dinga b?tent nam? ?ildymo sistemoms, kuriose atsi?velgiama ? gana daug rodikli?. Pavyzd?iui, lang? ir dur? ang? skai?ius, name gyvenan?i? ar nuolat gyvenan?i? ?moni? skai?ius, v?dinimas, oro mainai per visokius ply?ius ir tarpus. Nor?dami nustatyti ?i? vert?, naudokite saus? termometr?.
7. Pasl?pta ?ilumin? energija. Taip pat yra terminas, kur? apibr??ia garavimas, kondensacija ir pan. Indikatoriui nustatyti naudojamas dr?gnas termometras.

?ilumin?s apkrovos reguliatoriai

Programuojamas valdiklis, temperat?ros diapazonas - 5-50 C

Modernus ?ildymo mazgai o ?renginiuose yra ?vairi? reguliatori? rinkinys, kurio pagalba galima keisti ?ilumines apkrovas, taip i?vengiant ?ilumin?s energijos kritim? ir ?uoli? sistemoje. Praktika parod?, kad reguliatori? pagalba galima ne tik suma?inti apkrovas, bet ir privesti ?ildymo sistem? prie racionalaus kuro naudojimo. Ir jau ?varu ekonomin? pus? klausimas. Tai ypa? pasakytina apie pramoninius objektus, kur u? per didelius degal? s?naudas tenka mok?ti gana dideles baudas.

Jei nesate tikri d?l savo skai?iavim? teisingumo, pasinaudokite specialist? paslaugomis.

Pa?velkime ? dar kelet? formuli?, susijusi? su skirtingos sistemos. Pavyzd?iui, v?dinimo ir kar?to vandens tiekimo sistemos. ?ia jums reik?s dviej? formuli?:

Qв.=qв.V(tн.-tв.) – tai susij? su ventiliacija.
?ia:
tn. ir tв - oro temperat?ra lauke ir viduje
kv. - specifinis indikatorius
V - i?orinis pastato t?ris

Qgws.=0.042rv(tg.-tx.)Pgsr – kar?to vandens tiekimui, kur

tg.-tx – kar?to ir ?altas vanduo
r - vandens tankis
in - po?i?ris maksimali apkrova iki vidurkio, kur? nustato GOST
P – vartotoj? skai?ius
Gav – vidutinis kar?to vandens suvartojimas

Sud?tingas skai?iavimas

Tyrimai turi b?ti atliekami kartu su skai?iavimo klausimais. termotechnin? tvarka. ?iuo tikslu jie naudoja ?vairi? ?rengini?, kuriuose pateikiami tiksl?s skai?iavim? rodikliai. Pavyzd?iui, ?iuo tikslu tiriamos lang? ir dur? angos, lubos, sienos ir pan.

B?tent toks tyrimas padeda nustatyti niuansus ir veiksnius, galin?ius tur?ti didel?s ?takos ?ilumos nuostoliams. Pavyzd?iui, termovizin? diagnostika tiksliai parodys temperat?r? skirtum?, kai per 1 kvadratin? metr? pastato atitvar? praeina tam tikras ?ilumin?s energijos kiekis.

Taigi atliekant skai?iavimus b?tini praktiniai matavimai. Tai ypa? pasakytina apie pastato konstrukcijos kli?tis. ?iuo at?vilgiu teorija negal?s tiksliai parodyti, kur ir kas negerai. O praktika parodys, kur reikia kreiptis skirtingi metodai apsauga nuo ?ilumos nuostoli?. Ir patys skai?iavimai ?iuo at?vilgiu tampa tikslesni.

I?vada tema

Apskai?iuota ?ilumos apkrova yra labai svarbus rodiklis, gaunamas projektuojant namo ?ildymo sistem?. Jei ? reikal? elgsit?s protingai ir visk? atliksite b?tini skai?iavimai teisingai, galite garantuoti, kad ?ildymo sistema veiks nepriekai?tingai. O tuo pa?iu bus galima sutaupyti perkaitimo ir kit? i?laid?, kuri? galima tiesiog i?vengti.

?io straipsnio tema yra ?ildymo ?ilumin?s apkrovos ir kit? parametr?, kuriuos reikia apskai?iuoti, nustatymas. Med?iaga pirmiausia skirta priva?i? nam? savininkams, kurie yra toli nuo ?ildymo in?inerijos ir kuriems reikalingos kuo paprastesn?s formul?s ir algoritmai.

Taigi, eime.

M?s? u?duotis yra i?mokti apskai?iuoti pagrindinius ?ildymo parametrus.

Pertekli?kumas ir tikslus skai?iavimas

Nuo pat prad?i? verta pamin?ti vien? skai?iavimo subtilyb?: beveik ne?manoma apskai?iuoti visi?kai tiksli? ?ilumos nuostoli? per grindis, lubas ir sienas vertes, kurias turi kompensuoti ?ildymo sistema. Galime kalb?ti tik apie vienok? ar kitok? ?ver?i? patikimumo laipsn?.

Prie?astis ta, kad ?ilumos nuostolius ?takoja per daug veiksni?:

• ?ilumin? var?a pagrindin?s sienos ir visi apdailos med?iag? sluoksniai.
• ?al?io tilt? buvimas ar nebuvimas.
• V?jo ro?? ir namo vieta reljefe.
• V?dinimo veikimas (kuris, savo ruo?tu, v?lgi priklauso nuo v?jo stiprumo ir krypties).
• Lang? ir sien? insoliacijos laipsnis.

Taip pat yra geros naujienos. Beveik visuose ?iuolaikiniuose ?ildymo katiluose ir paskirstytoje ?ildymo sistemose (?iltos grindys, elektriniai ir dujiniai konvektoriai ir kt.) ?rengti termostatai, kurie dozuoja ?ilumos suvartojim? priklausomai nuo patalpos temperat?ros.

Praktiniu po?i?riu tai rei?kia, kad perteklin? ?ilumin? galia tur?s ?takos tik ?ildymo darbo re?imui: tarkime, per vien? valand? nebus i?leista 5 kWh ?ilumos. nuolatinis veikimas su 5 kW galia, o per 50 minu?i? darbo su 6 kW galia. Kitas 10 minu?i? katilas ar kt ?ildymo prietaisas veiks bud?jimo re?imu, nenaudodamas elektros ar energijos ne?iklio.

Tod?l: skai?iuojant ?ilumin? apkrov?, m?s? u?duotis yra nustatyti ma?iausi? priimtin? jos vert?.

Vienintel? bendrosios taisykl?s i?imtis yra susijusi su klasikini? kietojo kuro katil? veikimu ir yra d?l to, kad j? ?ilumin?s galios suma??jimas yra susij?s su rimtu efektyvumo suma??jimu d?l nepilno kuro degimo. Problema i?spr?sta grandin?je ?rengus ?ilumos akumuliatori? ir droseluojant ?ildymo ?renginius ?ilumin?mis galvut?mis.

Po u?degimo katilas veikia visu galingumu ir maksimaliu efektyvumu, kol visi?kai i?degs anglis ar mediena; tada ?ilumos akumuliatoriaus sukaupta ?iluma dozuojama ir naudojama optimaliai temperat?rai patalpoje palaikyti.

Daugelis kit? parametr?, kuriuos reikia apskai?iuoti, taip pat leid?ia ?iek tiek perleisti. Ta?iau daugiau apie tai atitinkamose straipsnio dalyse.

Parametr? s?ra?as

Taigi, k? mes i? tikr?j? turime skai?iuoti?

• Bendra ?ilumos apkrova namui ?ildyti. Tai atitinka minimali? reikaling? katilo gali? arba bendr? paskirstytojo ?ildymo sistemos ?rengini? gali?.
• ?ilumos poreikis atskiroje patalpoje.
• Sekcijos radiatoriaus sekcij? skai?ius ir registro dydis, atitinkantis tam tikr? ?ilumin?s galios vert?.

Atkreipkite d?mes?: gatav? ?ildymo prietais? (konvektori?, plok?telini? radiatori? ir kt.) gamintojai paprastai nurodo bendr? ?ilumin? gali? pridedamuose dokumentuose.

• Dujotiekio skersmuo, galintis u?tikrinti reikiam? ?ilumos sraut? vandens ?ildymo atveju.
• Parinktys cirkuliacinis siurblys, vairuodamas au?inimo skyst? grandin?je su nurodytais parametrais.
• I?sipl?timo bako dydis, kompensuojantis au?inimo skys?io ?ilumin? pl?tim?si.

Pereikime prie formuli?.

Vienas i? pagrindini? veiksni?, turin?i? ?takos jo vertei, yra namo ap?iltinimo laipsnis. SNiP 02/23/2003, reglamentuojantis pastat? ?ilumin? apsaug?, normalizuoja ?? veiksn?, i?vesdamas rekomenduojamas pastat? atitvar? ?ilumin?s var?os vertes kiekvienam ?alies regionui.

Pateiksime du skai?iavimo atlikimo b?dus: pastatams, kurie atitinka SNiP 23-02-2003, ir namams su nestandartizuota ?ilumin? var?a.

Normalizuota ?ilumin? var?a

?ilumin?s galios skai?iavimo instrukcijos ?iuo atveju atrodo taip:

• Bazin? vert? yra 60 vat? 1 m3 viso namo (?skaitant sienas) t?rio.
• Kiekvienam langui prie ?ios vert?s pridedama dar 100 vat? ?ilumos.. U? kiekvienos durys, vedan?ios ? gatv? - 200 vat?.

• Siekiant kompensuoti did?jan?ius nuostolius ?altuose regionuose, naudojamas papildomas koeficientas.

Kaip pavyzd? atlikime skai?iavim? 12*12*6 metr? namui su dvylika lang? ir dvejomis durimis ? gatv?, esan?iam Sevastopolyje (vidutin? sausio m?nesio temperat?ra +3C).

1. ?ildomas t?ris 12*12*6=864 kub.
2. Pagrindin? ?ilumin? galia yra 864*60=51840 vat?.
3. Langai ir durys j? ?iek tiek padidins: 51840+(12*100)+(2*200)=53440.
4. I?skirtinai ?velnus klimatas d?l j?ros artumo privers naudoti regionin? 0,7 koeficient?. 53440*0,7=37408 W. B?tent ? ?i? vert? galite sutelkti d?mes?.

Nestandartizuota ?ilumin? var?a

K? daryti, jei namo ap?iltinimo kokyb? pastebimai geresn? arba prastesn? nei rekomenduojama? ?iuo atveju ?ilumos apkrovai ?vertinti galima naudoti formul?, kurios formul? yra Q=V*Dt*K/860.

Jame:

• Q yra branginama ?ilumin? galia kilovatais.
• V yra ?ildomas t?ris kubiniais metrais.
• Dt yra temperat?ros skirtumas tarp gatv?s ir namo. Paprastai delta tarp rekomenduojamos SNiP reik?m?s vidaus erdv?s(+18 - +22C) ir vidutin? minimali gatv?s temperat?ra ?al?iausi? m?nes? per pastaruosius kelerius metus.

Patikslinkime: skai?iuoti absoliu?iu minimumu i? principo yra teisingiau; ta?iau tai reik? perteklines i?laidas katilui ir ?ildymo prietaisams, kuri? visos galios reik?s tik kart? per kelerius metus. Ne?ymaus skai?iuojam? parametr? ne?vertinimo kaina – ?alto oro piko metu nedidelis temperat?ros kritimas patalpoje, kur? nesunku kompensuoti ?jungiant papildomus ?ildytuvus.

• K yra izoliacijos koeficientas, kur? galima paimti i? toliau pateiktos lentel?s. Tarpin?s koeficient? vert?s gaunamos apytiksliai.

Pakartokime savo namo Sevastopolyje skai?iavimus, nurodydami, kad jo sienos yra 40 cm storio m?ras i? kriaukl?s uolienos (akytos nuos?din?s uolienos) be i?or?s apdaila, o stiklai pagaminti i? vienos kameros dvigubo stiklo lang?.

1. Paimkime izoliacijos koeficient?, lyg? 1,2.
2. Namo t?r? skai?iavome anks?iau; jis lygus 864 m3.
3. Vidin? temperat?r? laikysime lygiaver?iai rekomenduojamai SNiP regionams, kuriuose ?emesn? piko temperat?ra vir?ija -31C - +18 laipsni?. Visame pasaulyje ?inoma interneto enciklopedija maloniai pateiks informacij? apie vidutin? minimum?: jis lygus -0,4C.
4. Taigi apskai?iavimas bus Q = 864 * (18 - -0,4) * 1,2 / 860 = 22,2 kW.

Kaip nesunku pasteb?ti, skai?iavimas dav? rezultat?, kuris pusantro karto skyr?si nuo gauto pagal pirm?j? algoritm?. Prie?astis, vis? pirma, ta, kad m?s? naudojamas vidutinis minimumas pastebimai skiriasi nuo absoliutaus minimumo (apie -25C). Pusantro karto padidinus temperat?ros delt? numatomas pastato ?ilumos poreikis padid?s lygiai tiek pat.

Gigakalorijos

Skai?iuojant pastato ar patalpos gaunam? ?ilumin?s energijos kiek? kartu su kilovatvaland?mis, naudojama kita reik?m? – gigakalorija. Tai atitinka ?ilumos kiek?, reikaling? 1 laipsniu pa?ildyti 1000 ton? vandens esant 1 atmosferos sl?giui.

Kaip paversti kilovatus ?ilumin?s galios ? sunaudotos ?ilumos gigakalorijas? Tai paprasta: viena gigakalorija lygi 1162,2 kWh. Taigi, esant did?iausiai ?ilumos ?altinio galiai 54 kW, maksimali valandinis kr?vis?ildymui bus 54/1162,2=0,046 Gcal*val.

Naudinga: kiekvienam ?alies regionui vietos vald?ia standartizuoja ?ilumos suvartojim? gigakalorijomis vienam kvadratiniam metrui ploto per m?nes?. Vidutin? Rusijos Federacijos vert? yra 0,0342 Gcal/m2 per m?nes?.

Kambarys

Kaip apskai?iuoti ?ilumos poreik? atskirai patalpai? ?ia naudojamos tos pa?ios skai?iavimo schemos, kaip ir visam namui, su vienu pakeitimu. Jei patalpa yra greta ?ildomos patalpos be savo ?ildymo prietais?, ji ?traukiama ? skai?iavim?.

Taigi, jei 4*5*3 metr? patalpa yra greta 1,2*4*3 metr? koridoriaus, ?ildymo ?renginio ?ilumin? galia skai?iuojama 4*5*3+1,2*4*3= t?riui. 60+14, 4=74,4 m3.

?ildymo prietaisai

Sekcijiniai radiatoriai

Apskritai informacij? apie ?ilumos sraut? vienai sekcijai visada galima rasti gamintojo svetain?je.

Jei jis ne?inomas, galite pasikliauti ?iomis apytiksl?mis reik?m?mis:

• Ketaus sekcija - 160 W.
• Bimetalin? sekcija - 180 W.
• Aliuminio sekcija - 200 W.

Kaip visada, yra keletas subtilybi?. Prie ?ono jungiant radiatori? su 10 ir daugiau sekcij?, temperat?ros skirtumas tarp ar?iausiai tiekimo ir galini? sekcij? bus gana didelis.

Ta?iau: efektas i?nyks, jei aki? pie?tukai bus sujungti ?stri?ai arba i? apa?ios ? apa?i?.

Be to, paprastai ?ildymo prietais? gamintojai nurodo gali? esant labai specifinei temperat?ros deltai tarp radiatoriaus ir oro, lygiai 70 laipsni?. Priklausomyb? ?ilumos srautas nuo Dt yra tiesinis: jei akumuliatorius yra 35 laipsniais kar?tesnis u? or?, baterijos ?ilumin? galia bus lygiai pus? deklaruojamos.

Tarkime, esant oro temperat?rai patalpoje +20C ir au?inimo skys?io temperat?rai +55C, aliuminio sekcijos galia standartinis dydis bus lygus 200/(70/35)=100 vat?. Norint u?tikrinti 2 kW gali?, jums reik?s 2000/100 = 20 sekcij?.

Registrai

Naminiai registrai i?siskiria i? ?ildymo prietais? s?ra?o.

Nuotraukoje parodytas ?ildymo registras.

Gamintojai d?l akivaizd?i? prie?as?i? negali nurodyti savo ?ilumin?s galios; ta?iau nesunku tai apskai?iuoti patiems.

• Pirmosios registro dalies (?inom? matmen? horizontalaus vamzd?io) galia yra lygi jo i?orinio skersmens ir ilgio metrais, au?inimo skys?io ir oro temperat?ros delta laipsniais ir pastoviam koeficientui 36,5356 sandaugai.
• V?lesn?ms sekcijoms, esan?ioms did?jan?iame ?ilto oro sraute, naudojamas papildomas 0,9 koeficientas.

Pa?i?r?kime ? kit? pavyzd? – apskai?iuokime ?ilumos srauto vert? keturi? eili? registrui, kurio sekcijos skersmuo 159 mm, ilgis 4 metrai ir 60 laipsni? temperat?ra patalpoje, kurios vidaus temperat?ra +20C.

1. Temperat?ros delta m?s? atveju yra 60-20=40C.
2. Paverskite vamzd?io skersmen? ? metrus. 159 mm = 0,159 m.
3. Apskai?iuojame pirmos sekcijos ?ilumin? gali?. Q = 0,159 * 4 * 40 * 36,5356 = 929,46 vatai.
4. Kiekvienai sekan?iai sekcijai galia bus lygi 929,46*0,9=836,5 W.
5. Bendra galia bus 929,46 + (836,5*3) = 3500 (suapvalinta) vat?.

Vamzd?io skersmuo

Kaip nustatyti ma?iausi? u?pildymo vamzd?io ar jungties vidinio skersmens vert? ?ildymo prietaisas? Nesivelkime ? pikt?oles ir naudokime lentel? su paruo?tais rezultatais, kad b?t? galima nustatyti 20 laipsni? skirtum? tarp tiekimo ir gr??inimo. ?i reik?m? b?dinga autonomin?ms sistemoms.

Maksimalus au?inimo skys?io srautas neturi vir?yti 1,5 m/s, kad b?t? i?vengta triuk?mo; Da?niau jie orientuojasi ? 1 m/s greit?.

Tarkime, katilui, kurio galia 20 kW, ma?iausiai vidinis skersmuo u?pildymas 0,8 m/s srauto grei?iu bus lygus 20 mm.

Atkreipkite d?mes?: vidinis skersmuo yra arti vardin?s angos. Plastikiniai ir metalo-plastikiniai vamzd?iai da?niausiai ?ymimi i?oriniu skersmeniu, kuris yra 6-10 mm didesnis u? vidin?. Taigi, polipropileno vamzdis dydis 26 mm, vidinis skersmuo 20 mm.

Cirkuliacinis siurblys

Mums svarb?s du siurblio parametrai: jo sl?gis ir na?umas. Priva?iame name, esant bet kokiam protingam grandin?s ilgiui, pakanka minimalaus 2 metr? (0,2 kgf/cm2) siurbli? sl?gio: b?tent ?i skirtumo vert? u?tikrina buto ?ildymo sistemos cirkuliacij?. pastatai.

Reikalingas na?umas apskai?iuojamas pagal formul? G=Q/(1,163*Dt).

Jame:

• G – na?umas (m3/val.).
• Q yra grandin?s, kurioje sumontuotas siurblys, galia (kW).
• Dt – temperat?r? skirtumas tarp priekinio ir gr??tamojo vamzdyno laipsniais (autonomin?je sistemoje tipin? reik?m? Dt = 20C).

Kont?rai, kurios ?ilumin? apkrova 20 kilovat?, esant standartinei temperat?ros deltai, skai?iuojamas na?umas bus 20/(1,163*20)=0,86 m3/val.

I?sipl?timo bakas

Vienas i? parametr?, kur? reikia apskai?iuoti autonominei sistemai, yra i?sipl?timo bako t?ris.

Tikslus skai?iavimas pagr?stas gana ilga parametr? serija:

• Au?inimo skys?io temperat?ra ir tipas. I?sipl?timo koeficientas priklauso ne tik nuo baterij? ?kaitimo laipsnio, bet ir nuo to, kuo jos u?pildytos: vandens ir glikolio mi?iniai ple?iasi stipriau.
• Maksimalus darbinis sl?gis sistemoje.
• Bako ?krovimo sl?gis, kuris savo ruo?tu priklauso nuo hidrostatinis sl?gis kont?ras (vir?utinio kont?ro ta?ko auk?tis vir? i?sipl?timo bako).

Ta?iau yra vienas niuansas, leid?iantis labai supaprastinti skai?iavim?. Jei nepakankamai ?vertinsite bako t?r?, geriausiu atveju jis veiks nuolat apsauginis vo?tuvas, o blogiausiu atveju - grandin?s sunaikinimui, tada jos perteklinis t?ris nieko nepakenks.

?tai kod?l da?niausiai imamas bakas, kurio darbinis t?ris lygus 1/10 viso au?inimo skys?io kiekio sistemoje.

Patarimas: nor?dami su?inoti grandin?s t?r?, tiesiog u?pildykite j? vandeniu ir supilkite ? matavimo puodel?.

I?vada

Tikim?s, kad auk??iau pateiktos skai?iavimo schemos supaprastins skaitytojo gyvenim? ir i?gelb?s j? nuo daugelio problem?. Kaip ?prasta, prie straipsnio prid?tame vaizdo ?ra?e bus pateikta papildomos informacijos.

?ildymo sistemos projektavimas ir ?iluminis skai?iavimas yra privalomas etapas organizuojant nam? ?ildym?. Pagrindinis skai?iavimo veiklos u?davinys – nustatyti optimalius katilo ir radiatori? sistemos parametrus.

Sutikite, i? pirmo ?vilgsnio gali atrodyti, kad ?ilumos in?inerinius skai?iavimus gali atlikti tik in?inierius. Ta?iau ne viskas taip sud?tinga. ?inodami veiksm? algoritm?, gal?site savaranki?kai atlikti reikiamus skai?iavimus.

Straipsnyje i?samiai apra?oma skai?iavimo proced?ra ir pateikiamos visos reikalingos formul?s. Kad b?t? geriau suprasti, pareng?me privataus namo ?iluminio skai?iavimo pavyzd?.

Klasikinis ?ildymo sistemos ?iluminis skai?iavimas yra konsoliduotas techninis dokumentas, kuriame pateikiami privalomi nuosekl?s standartiniai skai?iavimo metodai.

Ta?iau prie? studijuodami ?iuos pagrindini? parametr? skai?iavimus, turite nuspr?sti d?l pa?ios ?ildymo sistemos koncepcijos.

Vaizd? galerija

?ildymo sistemai b?dingas priverstinis tiekimas ir nevalingas ?ilumos pa?alinimas ? patalp?.

Pagrindiniai ?ildymo sistemos skai?iavimo ir projektavimo u?daviniai:

• patikimiausiai nustato ?ilumos nuostoliai;
• nustatyti au?inimo skys?io kiek? ir naudojimo s?lygas;
• kuo tiksliau parinkti generavimo, jud?jimo ir ?ilumos perdavimo elementus.

Bet kambario temperat?ros oras ?eina ?iemos laikotarpis teikiama ?ildymo sistema. Tod?l mus domina temperat?ros diapazonai ir j? nuokrypi? tolerancijos ?iemos sezonui.

Daugumoje norminius dokumentus Nurodomi ?ie temperat?ros diapazonai, leid?iantys ?mogui patogiai i?b?ti kambaryje.

U? negyvenamoms patalpoms biuro tipas plotas iki 100 m2:

• 22-24°С- optimali oro temperat?ra;
• 1°С— leistinas svyravimas.

Biuro tipo patalpose, kuri? plotas didesnis nei 100 m2, temperat?ra yra 21-23°C. Negyvenamoms pramonin?ms patalpoms temperat?ros diapazonai labai skiriasi priklausomai nuo patalpos paskirties ir nustatyt? standart? darbo apsauga.

Kiekvienas ?mogus turi savo patogi? kambario temperat?r?. Kai kuriems ?mon?ms patinka, kai kambaryje labai ?ilta, kiti jau?iasi patogiai, kai kambaryje v?su – viskas gana individualu

Kalbant apie gyvenam?sias patalpas: butus, priva?ius namus, valdas ir pan., yra tam tikri temperat?r? diapazonai, kuriuos galima reguliuoti pagal gyventoj? pageidavimus.

Ir vis d?lto konkre?ioms buto ir namo patalpoms turime:

• 20-22°С- svetain?, ?skaitant vaik? kambar?, paklaida ±2°С -
• 19-21°С— virtuv?, tualetas, paklaida ±2°С;
• 24-26°C— vonios kambarys, du?as, baseinas, paklaida ±1°С;
• 16-18°С- koridoriai, koridoriai, laiptin?s, sand?liukai, paklaida +3°С

Svarbu pa?ym?ti, kad yra dar keli pagrindiniai parametrai, kurie turi ?takos kambario temperat?rai ir ? kuriuos reikia atkreipti d?mes? apskai?iuojant ?ildymo sistem?: dr?gm? (40-60%), deguonies ir anglies dioksido koncentracija ore ( 250:1), jud?jimo greitis oro mas?s(0,13-0,25 m/s) ir kt.

?ilumos nuostoli? namuose apskai?iavimas

Pagal antr?j? termodinamikos d?sn? (mokyklin? fizik?) nevyksta savaiminis energijos perdavimas i? ma?iau ?ildom? ? labiau ?ildomus mini ar makro objektus. Ypatingas ?io d?snio atvejis yra „siekimas“ sukurti temperat?ros pusiausvyr? tarp dviej? termodinamini? sistem?.

Pavyzd?iui, pirmoji sistema – aplinka, kurios temperat?ra –20°C, antroji – pastatas, kurio vidaus temperat?ra +20°C. Pagal min?t? d?sn? ?ios dvi sistemos sieks subalansuoti energijos mainus. Tai atsitiks d?l ?ilumos nuostoli? i? antrosios sistemos ir au?inimo pirmojoje.

Tikrai galime teigti, kad aplinkos temperat?ra priklauso nuo platumos, kurioje yra privatus namas. O temperat?r? skirtumas turi ?takos ?ilumos nutek?jimo i? pastato kiekiui (+)

?ilumos nuostoliai rei?kia nevaling? ?ilumos (energijos) i?siskyrim? i? kokio nors objekto (namo, buto). U? eilinis butas?is procesas n?ra toks „pastebimas“ lyginant su priva?iu namu, nes butas yra pastato viduje ir „greta“ kit? but?.

Priva?iame name vienu ar kitu laipsniu ?iluma pasi?alina per i?orines sienas, grindis, stog?, langus ir duris.

?inant ?ilumos nuostoli? dyd? nepalankiausioms oro s?lygoms ir ?i? s?lyg? ypatybes, galima labai tiksliai apskai?iuoti ?ildymo sistemos gali?.

Taigi ?ilumos nutek?jimo i? pastato t?ris apskai?iuojamas pagal ?i? formul?:

Q=Q grindys +Q siena +Q langas +Q stogas +Q durys +…+Q i, Kur

Qi— ?ilumos nuostoli? i? vienaly?io tipo pastato atitvar? apimtis.

Kiekvienas formul?s komponentas apskai?iuojamas pagal formul?:

Q=S*?T/R, Kur

• K– ?ilumos nutek?jimas, V;
• S– konkretaus tipo statinio plotas, kv. m;
• ?T– aplinkos ir patalp? oro temperat?r? skirtumas, °C;
• R– tam tikro tipo konstrukcijos ?ilumin? var?a, m 2 *°C/W.

Pa?i? ?ilumin?s var?os vert? realioms esamoms med?iagoms rekomenduojama paimti i? pagalbini? lenteli?.

Be to, ?ilumin? var?? galima gauti naudojant tok? ry??:

R=d/k, Kur

• R– ?ilumin? var?a, (m 2 *K)/W;
• k– med?iagos ?ilumos laidumo koeficientas, W/(m 2 *K);
• d– ?ios med?iagos storis, m.

Senuose namuose su dr?gna stogo konstrukcija?ilumos nutek?jimas vyksta per vir?utin? pastato dal?, b?tent per stog? ir pal?p?. Vykdykite veikl? ?iai problemai i?spr?sti.

Jei ap?iltinsite pal?p?s erdv? ir stog?, bendri namo ?ilumos nuostoliai gali gerokai suma??ti

Yra keletas kit? ?ilumos nuostoli? namuose per ?tr?kimus konstrukcijose, v?dinimo sistemose, virtuv?s gaubtas, atidaromi langai ir durys. Ta?iau n?ra prasm?s atsi?velgti ? j? kiek?, nes jie sudaro ne daugiau kaip 5%. bendras skai?ius dideli ?ilumos nutek?jimai.

Katilo galios nustatymas

Nor?dami palaikyti temperat?ros skirtumus tarp aplink? ir temperat?ra namo viduje b?tina autonomin? sistema?ildymo sistema, kuri palaiko pageidaujama temperat?ra kiekviename privataus namo kambaryje.

?ildymo sistemos pagrindas yra skirtingas: skystas ar kietas kuras, elektrinis ar dujinis.

Katilas yra centrinis ?ildymo sistemos blokas, gaminantis ?ilum?. Pagrindin? katilo charakteristika yra jo galia, b?tent ?ilumos kiekio perskai?iavimo per laiko vienet? greitis.

Apskai?iav? ?ildymo apkrov?, gauname reikiam? katilo vardin? gali?.

Paprastam keli? kambari? butui katilo galia apskai?iuojama pagal plot? ir specifin? gali?:

Katilas P = (patalpa S * specifinis P)/10, Kur

• S patalpose- bendras ?ildomos patalpos plotas;
• R specifinis— specifin? galia, palyginti su klimato s?lygomis.

Ta?iau ?i formul? neatsi?velgia ? ?ilumos nuostolius, kuri? pakanka priva?iame name.

Yra dar vienas santykis, kuriame atsi?velgiama ? ?? parametr?:

Katilas P =(Q nuostoliai *S)/100, Kur

• Boileris P- katilo galia;
• Q nuostoliai- ?ilumos nuostoliai;
• S- ?ildomas plotas.

Reikia padidinti katilo projektin? gali?. Rezervas reikalingas, jei planuojate boiler? ?ildyti vanden? vonios kambariui ir virtuvei.

Daugumoje priva?i? nam? ?ildymo sistem? rekomenduojama naudoti i?sipl?timo bak?, kuriame bus laikomas au?inimo skys?io tiekimas. Kiekvienam priva?iam namui reikalingas kar?to vandens tiekimas

Norint numatyti katilo galios rezerv?, prie paskutin?s formul?s reikia prid?ti saugos koeficient? K:

Katilas P = (Q nuostoliai * S * K)/100, Kur

KAM— bus lygus 1,25, tai yra, projektin? katilo galia bus padidinta 25%.

Taigi katilo galia leid?ia palaikyti standartin? oro temperat?r? pastato patalpose, taip pat tur?ti pradin? ir papildom? kar?to vandens kiek? namuose.

Radiatori? pasirinkimo ypatyb?s

Standartiniai komponentai ?ilumai patalpoje tiekti yra radiatoriai, plok?t?s, grindinio ?ildymo sistemos, konvektoriai ir kt. Da?niausios ?ildymo sistemos dalys yra radiatoriai.

?ilumos radiatorius yra speciali tu??iavidur? modulin? konstrukcija, pagaminta i? lydinio, turin?io didel? ?ilumos perdavim?. Jis pagamintas i? plieno, aliuminio, ketaus, keramikos ir kit? lydini?. ?ildymo radiatoriaus veikimo principas suma?inamas iki energijos spinduliavimo i? au?inimo skys?io ? kambario erdv? per „?iedlapius“.

Aliuminis ir bimetalinis ?ildymo radiatorius pakeistas masyviai ketaus baterijos. Gamybos paprastumas, didelis ?ilumos perdavimas, s?kmingas dizainas ir dizainas padar? ?? gamin? populiariu ir pla?iai paplitusiu prietaisu ?ilumai skleisti patalpose.

Kambaryje yra keletas technik?. Toliau pateiktas metod? s?ra?as sur??iuotas taip, kad padid?t? skai?iavimo tikslumas.

Skai?iavimo parinktys:

1. Pagal plot?. N=(S*100)/C, kur N sekcij? skai?ius, S patalpos plotas (m 2), C vienos radiatoriaus sekcijos ?ilumos perdavimas (W, paimta i? duomen? gaminio lap? arba sertifikat?), 100 W yra ?ilumos srauto kiekis, kurio reikia 1 m2 ap?ildyti (empirin? vert?). Kyla klausimas: kaip atsi?velgti ? kambario lub? auk?t??
2. Pagal t?r?. N=(S*H*41)/C, kur N, S, C yra pana??s. H – patalpos auk?tis, 41 W – ?ilumos srauto kiekis, kurio reikia 1 m 3 ap?ildyti (empirin? vert?).
3. Pagal ?ansus. N=(100*S*k1*k2*k3*k4*k5*k6*k7)/C, kur N, S, C ir 100 yra vienodi. k1 - kamer? skai?iaus apskaita kambario stiklo pakete, k2 - sien? ?ilumos izoliacija, k3 - lango ploto ir kambario ploto santykis, k4 - vidutinis minusin? temperat?ra?al?iausi? ?iemos savait? k5 - patalpos i?orini? sien? skai?ius (tas "i??jimas" ? gatv?), k6 - auk??iau esan?ios patalpos tipas, k7 - lub? auk?tis.

Tai pats tiksliausias sekcij? skai?iaus skai?iavimo variantas. Nat?ralu, kad trupmenini? skai?iavim? rezultatai visada suapvalinami iki kito sveikojo skai?iaus.

Hidraulinis vandens tiekimo skai?iavimas

?inoma, ?ilumos apskai?iavimo ?ildymui „paveiksl?lis“ negali b?ti baigtas, neapskai?iuojant toki? charakteristik? kaip au?inimo skys?io t?ris ir greitis. Daugeliu atvej? au?inimo skystis yra paprastas vanduo skystos arba dujin?s agregatin?s b?senos.

Faktin? au?inimo skys?io t?r? rekomenduojama apskai?iuoti susumavus visas ?ildymo sistemos ertmes. Naudojant vienos grandin?s katil?, tai yra geriausias variantas. ?ildymo sistemoje naudojant dvigubos grandin?s katilus, b?tina atsi?velgti ? kar?to vandens suvartojim? higienos ir kitiems buitiniams tikslams.

?ildomo vandens t?rio apskai?iavimas dvigubos grandin?s katilas apr?pinti gyventojus kar?tas vanduo o au?inimo skys?io ?ildymas atliekamas sumuojant vidin? ?ildymo kont?ro t?r? ir faktinius vartotoj? poreikius pa?ildytam vandeniui.

Kar?to vandens t?ris ?ildymo sistemoje apskai?iuojamas pagal formul?:

W=k*P, Kur

• W- au?inimo skys?io t?ris;
• P- ?ildymo katilo galia;
• k- galios koeficientas (litr? skai?ius galios vienete, lygus 13,5, diapazonas - 10-15 litr?).

D?l to galutin? formul? atrodo taip:

W = 13,5*P

Au?inimo skys?io greitis yra galutinis dinaminis ?ildymo sistemos ?vertinimas, apib?dinantis skys?io cirkuliacijos greit? sistemoje.

?i vert? padeda ?vertinti dujotiekio tip? ir skersmen?:

V=(0,86*P*m)/?T, Kur

• P- katilo galia;
• m — katilo efektyvumas;
• ?T- tiekiamo ir gr??tan?io vandens temperat?r? skirtumas.

Taikant auk??iau nurodytus metodus, bus galima gauti tikrus parametrus, kurie yra b?simos ?ildymo sistemos „pagrindas“.

?ilumos skai?iavimo pavyzdys

Kaip ?ilumos skai?iavimo pavyzd? turime paprast? 1 auk?to nam? su keturiomis svetain?mis, virtuve, vonios kambariu, ?iemos sodas"ir pagalbin?s patalpos.

Monolitinis pamatas gel?betonin? plok?t?(20 cm), i?or?s sienos – betonin?s (25 cm) tinkuotos, stogas – lubos i? medini? sij?, stogo danga – metalin?s ?erp?s ir mineralin? vata(10 cm)

Nurodykime pradinius namo parametrus, reikalingus skai?iavimams.

Pastato matmenys:

• grind? auk?tis - 3 m;
• ma?as langas pastato priekyje ir gale 1470*1420 mm;
• didelis fasado langas 2080*1420 mm;
• ??jimo durys 2000*900 mm;
• galin?s durys (i??jimas ? teras?) 2000*1400 (700 + 700) mm.

Bendras pastato plotis 9,5 m2, ilgis 16 m2. ?ildymas tik bus gyvenamieji kambariai(4 vnt.), vonia ir virtuv?.

Nor?dami tiksliai apskai?iuoti ?ilumos nuostolius ant sien?, i? i?orini? sien? ploto turite atimti vis? lang? ir dur? plot? - tai visi?kai kitokio tipo med?iaga, turinti savo ?ilumin? var??.

Pradedame nuo vienaly?i? med?iag? plot? apskai?iavimo:

• grind? plotas - 152 m2;
• stogo plotas - 180 m2, atsi?velgiant ? pal?p?s auk?t? 1,3 m ir ?tvaros plot? - 4 m;
• lango plotas - 3*1,47*1,42+2,08*1,42=9,22 m2;
• dur? plotas - 2*0,9+2*2*1,4=7,4 m2.

I?orini? sien? plotas bus lygus 51*3-9,22-7,4=136,38 m2.

Pereikime prie kiekvienos med?iagos ?ilumos nuostoli? skai?iavimo:

• Q grindys =S*?T*k/d=152*20*0,2/1,7=357,65 W;
• Q stogas =180*40*0,1/0,05=14400 W;
• Q langas =9,22*40*0,36/0,5=265,54 W;
• Q durys =7,4*40*0,15/0,75=59,2 W;

Taip pat Q siena yra lygi 136,38 * 40 * 0,25 / 0,3 = 4546. Vis? ?ilumos nuostoli? suma bus 19628,4 W.

Rezultate apskai?iuojame katilo gali?: P katilas =Q nuostoliai *S ?ildymo_patalpos *K/100=19628,4*(10,4+10,4+13,5+27,9+14,1+7,4)*1,25/100=19628,4*83,7*1,25/1 =20536,2=21 kW.

Apskai?iuosime radiatoriaus sekcij? skai?i? vienam i? kambari?. Vis? kit? skai?iavimai yra pana??s. Pavyzd?iui, kampinis kambarys (kair?je, apatiniame diagramos kampe) yra 10,4 m2 ploto.

Tai rei?kia, kad N=(100*k1*k2*k3*k4*k5*k6*k7)/C=(100*10,4*1,0*1,0*0,9*1,3*1,2*1,0*1,05)/180=8,5176=9.

?iam kambariui reikia 9 sekcij? ?ildymo radiatori?, kuri? ?ilumin? galia 180 W.

Pereikime prie au?inimo skys?io kiekio sistemoje skai?iavimo - W=13,5*P=13,5*21=283,5 l. Tai rei?kia, kad au?inimo skys?io greitis bus: V=(0,86*P*m)/?T=(0,86*21000*0,9)/20=812,7 l.

D?l to visa au?inimo skys?io t?rio apyvarta sistemoje bus lygi 2,87 karto per valand?.

Straipsni? pasirinkimas apie terminis skai?iavimas pad?s nustatyti tikslius ?ildymo sistemos element? parametrus:

I?vados ir naudingas vaizdo ?ra?as ?ia tema

Paprastas privataus namo ?ildymo sistemos skai?iavimas pateikiamas ?ioje ap?valgoje:

?emiau pateikiamos visos pastato ?ilumos nuostoli? apskai?iavimo subtilyb?s ir visuotinai pripa?inti metodai:

Kitas b?das apskai?iuoti ?ilumos nuot?k? tipi?kame priva?iame name:

?iame vaizdo ?ra?e apra?omos namo ?ildymo energijos ne??j? cirkuliacijos ypatyb?s:

?ildymo sistemos terminis skai?iavimas yra individualus ir turi b?ti atliktas kompetentingai ir kruop??iai. Kuo tiksliau bus atlikti skai?iavimai, tuo ma?iau savininkams teks permok?ti kaimo namas eksploatacijos metu.

Ar turite patirties atliekant ?ildymo sistemos ?iluminius skai?iavimus? O gal vis dar turite klausim? ?ia tema? Pra?ome pasidalinti savo nuomone ir palikti komentarus. Blokuoti atsiliepimai esantis ?emiau.

Nesvarbu, ar tai pramoninis pastatas, ar gyvenamasis pastatas, turite atlikti kompetentingus skai?iavimus ir sudaryti ?ildymo sistemos grandin?s schem?. ?iame etape ekspertai rekomenduoja atkreipti ypating? d?mes? ? galimos ?ildymo kont?ro ?ilumin?s apkrovos, taip pat sunaudoto kuro ir pagamintos ?ilumos kiekio apskai?iavim?.

?ilumin? apkrova: kas tai?

?is terminas rei?kia i?leid?iamos ?ilumos kiek?. Preliminarus ?ilumin?s apkrovos apskai?iavimas leis i?vengti nereikaling? i?laid? perkant ?ildymo sistemos komponentus ir j? montavim?. Taip pat ?is skai?iavimas pad?s teisingai ekonomi?kai ir tolygiai paskirstyti pagaminamos ?ilumos kiek? visame pastate.

?iuose skai?iavimuose yra daug niuans?. Pavyzd?iui, med?iaga, i? kurios pastatytas pastatas, ?ilumos izoliacija, regionas ir tt Ekspertai stengiasi atsi?velgti ? kuo daugiau veiksni? ir savybi?, kad gaut? tikslesn? rezultat?.

?ilumos apkrovos skai?iavimas su klaidomis ir netikslumais lemia neefektyv? ?ildymo sistemos darb?. Pasitaiko net taip, kad tenka perdaryti jau veikian?ios strukt?ros dalis, o tai nei?vengiamai priveda prie neplanuot? i?laid?. O b?sto ir komunalini? paslaug? organizacijos paslaug? kain? skai?iuoja pagal duomenis apie ?ilumos apkrov?.

Pagrindiniai veiksniai

Idealiai apskai?iuota ir suprojektuota ?ildymo sistema tur?t? palaikyti nustatyt? temperat?r? patalpoje ir kompensuoti d?l to atsirandan?ius ?ilumos nuostolius. Skai?iuodami ?ilumos apkrov? pastato ?ildymo sistemai, turite atsi?velgti ?:

Pastato paskirtis: gyvenamoji arba pramonin?.

Charakteristikos konstrukciniai elementai pastatai. Tai langai, sienos, durys, stogas ir v?dinimo sistema.

Namo matmenys. Kuo jis didesnis, tuo galingesn? tur?t? b?ti ?ildymo sistema. B?tina atsi?velgti ? plot? lang? angos, durys, i?orin?s sienos ir kiekvienos vidin?s patalpos t?ris.

Kambari? prieinamumas specialios paskirties(pirtis, pirtis ir kt.).

?rangos su techniniais prietaisais laipsnis. Tai yra, kar?to vandens tiekimas, v?dinimo sistema, oro kondicionavimas ir ?ildymo sistemos tipas.

Atskirai patalpai. Pavyzd?iui, patalpose, skirtose laikyti, neb?tina palaikyti ?mogui patogios temperat?ros.

Kar?to vandens tiekimo ta?k? skai?ius. Kuo j? daugiau, tuo labiau sistema apkraunama.

Stikluot? pavir?i? plotas. Kambariai su Pranc?zi?ki langai prarasti didel? ?ilumos kiek?.

Papildomos s?lygos. Gyvenamuosiuose pastatuose tai gali b?ti kambari?, balkon? ir lod?ij? bei vonios kambari? skai?ius. Pramon?je - darbo dien? skai?ius kalendoriniais metais, pamainos, technologin? grandin? gamybos procesas ir tt

Regiono klimato s?lygos. Skai?iuojant ?ilumos nuostolius, atsi?velgiama ? gatv?s temperat?r?. Jei skirtumai yra nereik?mingi, kompensacijai bus i?leista nedidel? dalis energijos. Esant -40 o C u? lango tai pareikalaus dideli? i?laid?.

Esam? metod? ypatyb?s

Parametrai, ?traukti ? ?ilumin?s apkrovos skai?iavim?, yra SNiP ir GOST. Jie taip pat turi specialius ?ilumos perdavimo koeficientus. I? ? ?ildymo sistem? ?trauktos ?rangos pas? paimamos skaitmenin?s charakteristikos, susijusios su konkre?iu ?ildymo radiatoriumi, katilu ir kt., Taip pat tradici?kai:

?ilumos suvartojimas, paimtas iki maksimalaus per ?ildymo sistemos veikimo valand?,

Maksimalus ?ilumos srautas, sklindantis i? vieno radiatoriaus, yra

Bendras ?ilumos suvartojimas per tam tikr? laikotarp? (da?niausiai sezon?); jei reikia kas valand? apskai?iuoti ?ilumos tinklo apkrov?, tada skai?iavimas turi b?ti atliekamas atsi?velgiant ? temperat?ros skirtum? per dien?.

Atlikti skai?iavimai lyginami su visos sistemos ?ilumos perdavimo plotu. Rodiklis pasirodo gana tikslus. Kai kurie nukrypimai pasitaiko. Pavyzd?iui, pramoniniams pastatams reik?s atsi?velgti ? ?ilumos energijos suvartojimo suma??jim? savaitgaliais ir ?ven?i? dienomis, o gyvenamosiose patalpose - nakt?.

?ildymo sistem? skai?iavimo metodai turi kelet? tikslumo laipsni?. Norint suma?inti klaid? iki minimumo, b?tina naudoti gana sud?tingus skai?iavimus. Ma?iau tikslios schemos naudojamos, jei nesiekiama optimizuoti ?ildymo sistemos s?naud?.

Pagrindiniai skai?iavimo metodai

?iandien ?ilumos apkrov? pastato ?ildymui galima apskai?iuoti vienu i? ?i? metod?.

Trys pagrindiniai

1. Skai?iavimams imami agreguoti rodikliai.
2. Remiantis pastato konstrukcini? element? rodikliais. ?ia taip pat bus svarbus vidinio ?ildymui naudojamo oro t?rio apskai?iavimas.
3. Visi ? ?ildymo sistem? ?traukti objektai yra apskai?iuojami ir sumuojami.

Vienas pavyzdys

Yra ir ketvirtas variantas. Jis turi gana didel? paklaid?, nes paimti rodikliai yra labai vidutiniai arba j? nepakanka. ?i formul? yra Q i? = q 0 * a * V H * (t EN - t NRO), kur:

• q 0 - specifin? pastato ?ilumin? charakteristika (da?niausiai nustatoma pagal ?al?iausi? laikotarp?),
• a - pataisos koeficientas (priklauso nuo regiono ir yra paimtas i? paruo?t? lenteli?),
• V H yra t?ris, apskai?iuotas pagal i?orines plok?tumas.

Paprasto skai?iavimo pavyzdys

Pastatui su standartiniais parametrais (lub? auk??iai, patalp? dyd?iai ir gera ?ilumos izoliacijos charakteristikos) galite taikyti paprast? parametr? santyk?, pritaikyt? koeficientui, atsi?velgiant ? region?.

Tarkime, kad Archangelsko srityje yra gyvenamasis namas, kurio plotas yra 170 kvadratini? metr?. m ?ilumos apkrova bus lygi 17 * 1,6 = 27,2 kW / h.

?is termini? apkrov? apibr??imas neatsi?velgia ? daugel? svarbius veiksnius. Pavyzd?iui, konstrukcijos konstrukcin?s ypatyb?s, temperat?ra, sien? skai?ius, sien? plot? ir lang? ang? santykis ir kt.. Tod?l rimtiems ?ildymo sistem? projektams tokie skai?iavimai netinka.

Tai priklauso nuo med?iagos, i? kurios jie pagaminti. Da?niausiai ?iandien naudojami bimetaliniai, aliuminio, plieno, daug re?iau ketaus radiatoriai. Kiekvienas i? j? turi savo ?ilumos perdavimo (?ilumos galios) indikatori?. Bimetaliniai radiatoriai, kuri? atstumas tarp a?i? yra 500 mm, vidutini?kai turi 180 - 190 W. Aliuminio radiatoriai pasi?ymi beveik tokiomis pat savyb?mis.

Apra?yt? radiatori? ?ilumos perdavimas skai?iuojamas kiekvienai sekcijai. Plieniniai radiatoriai yra neatskiriami. Tod?l j? ?ilumos perdavimas nustatomas pagal viso ?renginio dyd?. Pavyzd?iui, 1100 mm plo?io ir 200 mm auk??io dviej? eili? radiatoriaus ?ilumin? galia bus 1010 W, o plieninio 500 mm plo?io ir 220 mm auk??io – 1644 W. .

?ildymo radiatoriaus apskai?iavimas pagal plot? apima ?iuos pagrindinius parametrus:

Lub? auk?tis (standartinis - 2,7 m),

?ilumin? galia (kv.m - 100 W),

Viena i?orin? siena.

?ie skai?iavimai rodo, kad u? kiekvien? 10 kv. m reikia 1000 W ?ilumin?s galios. ?is rezultatas padalytas i? vienos sekcijos ?ilumin?s galios. Atsakymas yra reikalingas radiatori? sekcij? skai?ius.

Pietiniams m?s? ?alies regionams, kaip ir ?iauriniams, sukurti ma??jantys ir did?jantys koeficientai.

Vidutinis skai?iavimas ir tikslus

Atsi?velgiant ? apra?ytus veiksnius, vidutinis skai?iavimas atliekamas pagal ?i? schem?. Jei u? 1 kv. m reikia 100 W ?ilumos srauto, tada patalpa 20 kv. m tur?t? gauti 2000 vat?. Radiatorius (populiarus bimetalinis arba aliuminis) i? a?tuoni? sekcij? gamina apie 2000 padalinti i? 150, gauname 13 sekcij?. Bet tai yra gana i?pl?stas ?ilumin?s apkrovos skai?iavimas.

Tikslus atrodo ?iek tiek bauginantis. Tikrai nieko sud?tingo. ?tai formul?:

Q t = 100 W/m 2 x S (kambaris) m 2 x q 1 x q 2 x q 3 x q 4 x q 5 x q 6 x q 7, Kur:

• q 1 - stiklo tipas (?prastas = 1,27, dvigubas = 1,0, trigubas = 0,85);
• q 2 - sien? izoliacija (silpna arba jos n?ra = 1,27, siena m?ryta 2 plytomis = 1,0, moderni, auk?ta = 0,85);
• q 3 - bendro lang? ang? ploto ir grind? ploto santykis (40% = 1,2, 30% = 1,1, 20% - 0,9, 10% = 0,8);
• q 4 - gatv?s temperat?ra (imama ma?iausia reik?m?: -35 o C = 1,5, -25 o C = 1,3, -20 o C = 1,1, -15 o C = 0,9, -10 o C = 0,7);
• q 5 - i?orini? sien? skai?ius patalpoje (visos keturios = 1,4, trys = 1,3, kampinis kambarys = 1,2, vienas = 1,2);
• q 6 - skai?iavimo patalpos vir? skai?iavimo patalpos tipas (?alta pal?p? = 1,0, ?ilta pal?p? = 0,9, ?ildoma gyvenamoji patalpa = 0,8);
• q 7 - lub? auk?tis (4,5 m = 1,2, 4,0 m = 1,15, 3,5 m = 1,1, 3,0 m = 1,05, 2,5 m = 1,3).

Naudodami bet kur? i? apra?yt? metod? galite apskai?iuoti daugiabu?io namo ?ilumos apkrov?.

Apytikslis skai?iavimas

S?lygos yra tokios. Minimali temperat?ra?altuoju met? laiku - -20 o C. Kambarys 25 kv. m su trij? stikl? paketais, stiklo paketais, lub? auk?tis 3,0 m, dviej? plyt? sienos ir ne?ildoma mansarda. Skai?iavimas bus toks:

Q = 100 W/m 2 x 25 m 2 x 0,85 x 1 x 0,8 (12 %) x 1,1 x 1,2 x 1 x 1,05.

Rezultatas 2356,20 padalintas i? 150. D?l to i?eina, kad patalpoje su nurodytais parametrais reikia ?rengti 16 sekcij?.

Jei reikia skai?iuoti gigakalorijomis

Jei atvirame ?ildymo kont?re n?ra ?ilumin?s energijos skaitiklio, pastato ?ildymo ?ilumos apkrova apskai?iuojama pagal formul? Q = V * (T 1 - T 2) / 1000, kur:

• V - ?ildymo sistemos sunaudoto vandens kiekis, skai?iuojamas tonomis arba m 3,
• T 1 - skai?ius, rodantis kar?to vandens temperat?r?, i?matuot? o C, o skai?iavimams imama temperat?ra, atitinkanti tam tikr? sl?g? sistemoje. ?is indikatorius turi savo pavadinim? - entalpija. Jei prakti?kai pa?alinsime temperat?ros indikatoriai Ne?manoma, jie griebiasi vidutinio rodiklio. Temperat?ra yra 60–65 ° C.
• T 2 - ?alto vandens temperat?ra. Sistemoje j? i?matuoti gana sunku, tod?l sukurti pastov?s rodikliai, kurie priklauso nuo lauko temperat?ros. Pavyzd?iui, viename i? region? ?altuoju met? laiku ?is rodiklis lygus 5, vasar? - 15.
• 1000 yra koeficientas, leid?iantis i? karto gauti rezultat? gigakalorijomis.

U?darojo kont?ro atveju ?ilumos apkrova (gcal/val.) apskai?iuojama kitaip:

Q nuo = a * q o * V * (t in - t n.r.) * (1 + K n.r.) * 0,000001, Kur

?ilumos apkrovos skai?iavimas pasirodo ?iek tiek padidintas, ta?iau tai yra technin?je literat?roje pateikta formul?.

Siekdami padidinti ?ildymo sistemos efektyvum?, jie vis da?niau griebiasi pastat?.

?is darbas atliekamas tamsoje. Norint gauti tikslesn? rezultat?, reikia steb?ti temperat?r? skirtum? patalpose ir lauke: jis turi b?ti ne ma?esnis kaip 15 o. Liuminescencin?s ir kaitrin?s lempos i?sijungia. Patartina kuo labiau nuimti kilimus ir baldus, jie numu?a ?rengin?, sukeldami tam tikr? klaid?.

Apklausa atliekama l?tai, o duomenys ?ra?omi kruop??iai. Schema paprasta.

Pirmasis darb? etapas vyksta patalpose. Prietaisas palaipsniui perkeliamas nuo dur? prie lang?, ypating? d?mes? skiriant kampams ir kitoms jungtims.

Antrasis etapas – pastato i?orini? sien? ap?i?ra termovizoriumi. Dar kruop??iai ap?i?rimos jungtys, ypa? jungtis su stogu.

Tre?ias etapas – duomen? apdorojimas. Pirmiausia tai padaro ?renginys, tada rodmenys perkeliami ? kompiuter?, kur atitinkamos programos u?baigia apdorojim? ir pateikia rezultat?.

Jei apklaus? atliko licencijuota organizacija, ji, remdamasi darbo rezultatais, parengs ataskait? su privalomomis rekomendacijomis. Jei darbas buvo atliktas asmeni?kai, tuomet reikia pasikliauti savo ?iniomis ir, galb?t, interneto pagalba.

?ilumos apkrovos namui ?ildymui apskai?iavimas grind?iamas specifiniais ?ilumos nuostoliais, vartotojo po?i?riu ? nurodyt? ?ilumos perdavimo koeficient? nustatym? - tai yra pagrindiniai klausimai, kuriuos aptarsime ?iame ?ra?e. Sveiki, mieli draugai! Su jumis paskai?iuosime ?ilumos apkrov? namo ?ildymui (Qо.р) ?vairiais b?dais pagal suvestinius matavimus. Taigi, k? mes ?inome ?iuo metu: 1. Numatoma ?iemos lauko temperat?ra ?ildymo projektavimui tn = -40 oC. 2. Numatoma (vidutin?) oro temperat?ra ?ildomo namo viduje tв = +20 оС. 3. Namo t?ris pagal i?orinius i?matavimus V = 490,8 m3. 4. ?ildomas namo plotas Sfrom = 151,7 m2 (gyvenamasis - Szh = 73,5 m2). 5. ?ildymo laikotarpio laipsnin? diena GSOP = 6739,2 oC*dien?.

1. ?ilumos apkrovos namui ?ildyti apskai?iavimas pagal ?ildom? plot?. ?ia viskas paprasta - daroma prielaida, kad ?ilumos nuostoliai yra 1 kW * valanda 10 m2 ?ildomo namo ploto, kai lub? auk?tis yra iki 2,5 m. M?s? namui apskai?iuota ?ilumos apkrova ?ildymui bus lygi Qo.r = Sot * wud = 151,7 * 0,1 = 15,17 kW. ?ilumin?s apkrovos nustatymas naudojant ?? metod? n?ra ypa? tikslus. Kyla klausimas, i? kur atsirado ?is santykis ir kaip jis atitinka m?s? s?lygas? ?ia reikia padaryti i?lyg?, kad ?is santykis galioja Maskvos regionui (tn = iki -30 oC) ir namas turi b?ti tinkamai ap?iltintas. Kit? Rusijos region? savitieji ?ilumos nuostoliai wud, kW/m2 pateikti 1 lentel?je.

1 lentel?

? k? dar reik?t? atsi?velgti renkantis savit?j? ?ilumos nuostoli? koeficient?? Garsios projektavimo organizacijos i? „U?sakovo“ reikalauja iki 20 papildom? duomen? ir tai pateisinama, nes teisingas namo ?ilumos nuostoli? apskai?iavimas yra vienas i? pagrindini? veiksni?, nulemian?i?, kaip bus patogu b?ti kambaryje. Toliau pateikiami tipiniai reikalavimai su paai?kinimais:
- klimato zonos sunkumas - kuo ?emesn? temperat?ra „u? borto“, tuo daugiau tur?site j? ?ildyti. Palyginimui: esant -10 laipsni? – 10 kW, o prie -30 laipsni? – 15 kW;
– lang? b?kl? – kuo sandaresnis ir kuo didesnis stikl? skai?ius, tuo ma?esni nuostoliai. Pavyzd?iui (esant -10 laipsni?): standartinis dvigubo stiklo langas - 10 kW, dvigubo stiklo langas - 8 kW, trij? stikl? langas - 7 kW;
– lang? ir grind? plot? santykis – nei daugiau lang?, tuo daugiau nuostoli?. Esant 20% - 9 kW, prie 30% - 11 kW, o esant 50% - 14 kW;
– sienos storis arba ?ilumos izoliacija tiesiogiai ?takoja ?ilumos nuostolius. Taigi, esant gera ?ilumos izoliacija ir pakankamas sienos storis (3 plytos - 800 mm), reikia 10 kW, 150 mm izoliacijos arba 2 plyt? sienos storio - 12 kW, o esant prastai izoliacijai arba 1 plytos storiui - 15 kW;
– i?orini? sien? skai?ius tiesiogiai priklauso nuo skersv?j? ir daugia?ali? u??alimo padarini?. Jei kambaryje yra vienas i?orin? siena, tada reikia 9 kW, o jei 4, tada 12 kW;
– lub? auk?tis, nors ir ne toks reik?mingas, vis tiek turi ?takos energijos suvartojimo padid?jimui. At standartinis auk?tis 2,5 m auk?tyje reikia 9,3 kW, o 5 m - 12 kW.
?is paai?kinimas rodo, kad apytikslis reikiamos 1 kW katilo galios skai?iavimas 10 m2 ?ildomo ploto yra pagr?stas.

2. ?ilumos apkrovos namo ?ildymui apskai?iavimas naudojant suvestinius rodiklius pagal SNiP N-36-73 § 2.4. Nor?dami nustatyti ?ilumos apkrov? ?ildymui naudojant ?? metod?, turime ?inoti gyvenamoji erdv? Namai. Jei ne?inoma, tai laikoma 50 proc bendro ploto Namai. ?inodami projektuojam? lauko oro temperat?r? ?ildymo projektavimui, naudodamiesi 2 lentele, nustatome sumin? maksimalaus valandinio ?ilumos suvartojimo 1 m2 gyvenamojo ploto rodikl?.

2 lentel?

M?s? namui apskai?iuota ?ilumos apkrova ?ildymui bus lygi Qо.р = Szh * wud.zh = 73,5 * 670 = 49245 kJ/h arba 49245/4,19=11752 kcal/h arba 11752/860=13,67 kW

3. ?ilumos apkrovos namui ?ildyti apskai?iavimas pagal specifin? ?ildymo charakteristika pastatai.Nustatykite ?ilumin? apkrov? Autorius ?is metodas Konkre?ias ?ilumines charakteristikas (specifinius ?ilumos nuostolius) ir namo t?r? naudosime pagal formul?:

Qо.р = a * qо * V * (tв – tн) * 10-3, kW

Qо.р – skai?iuojamoji ?ilumos apkrova ?ildymui, kW;
a – pataisos koeficientas, ? kur? atsi?velgiama klimato s?lygos ploto ir naudojamas tais atvejais, kai numatoma lauko oro temperat?ra tn skiriasi nuo -30 °C, priimtina pagal 3 lentel?;
qо – pastato savitoji ?ildymo charakteristika, W/m3 * оС;
V – ?ildomos pastato dalies t?ris pagal i?orinius matmenis, m3;
tв – projektin? oro temperat?ra ?ildomo pastato viduje, °C;
tн – projektin? lauko oro temperat?ra ?ildymo projektavimui, оС.
?ioje formul?je mums ?inomos visos reik?m?s, i?skyrus specifin? namo ?ildymo charakteristik? qo. Pastarasis yra konstrukcin?s pastato dalies ?ilumos in?inerinis ?vertinimas ir parodo ?ilumos sraut?, reikaling? 1 m3 pastato t?rio temperat?rai padidinti 1 °C. Skaitin? standartin? ?ios charakteristikos reik?m?, skirta gyvenamieji pastatai ir vie?bu?iai pateikti 4 lentel?je.

Pataisos koeficientas a

3 lentel?

Specifin?s pastato ?ildymo charakteristikos, W/m3 * оС

4 lentel?

Taigi, Qо.р = a* qо * V * (tв – tн) * 10-3 = 0,9 * 0,49 * 490,8 * (20 – (-40)) * 10-3 = 12,99 kW. Statybos (projekto) galimybi? studijos etape specifin? ?ildymo charakteristika tur?t? b?ti viena i? valdymo gairi?. Reikalas tas, kad informacin?je literat?roje jo skaitin? reik?m? yra skirtinga, nes ji pateikiama ?vairiems laikotarpiams iki 1958 m., po 1958 m., po 1975 m. ir kt. Be to, nors ir ne?ymiai, bet pasikeit? ir m?s? planetos klimatas. Ir mes nor?tume ?inoti, kokia yra specifini? pastato ?ildymo charakteristik? vert? ?iandien. Pabandykime tai nustatyti patys.

SPECIALI?J? ?ILDYMO CHARAKTERISTIK? NUSTATYMO TVARKA

1. Prie?i?ra pasirenkant i?orini? tvor? ?ilumos perdavimo var??. ?iuo atveju ?ilumin?s energijos suvartojimas nekontroliuojamas, o atskir? pastato element? ?ilumos perdavimo var?os reik?m?s turi b?ti ne ma?esn?s u? standartizuotas vertes, ?r. 5 lentel?. ?ia tikslinga pateikti Ermolajevo formul?. specifin?ms pastato ?ildymo charakteristikoms apskai?iuoti. Tai yra formul?

qо = [Р/S * ((kс + f * (kok – kс)) + 1/Н * (kpt + kpl)], W/m3 * оС

f – i?orini? sien? ?stiklinimo koeficientas, imti f = 0,25. ?is koeficientas laikomas 25% grind? ploto; P – namo perimetras, P = 40m; S – namo plotas (10 *10), S = 100 m2; H – pastato auk?tis, H = 5m; ks, kok, kpt, kpl – atitinkamai suma?inti ?ilumos perdavimo koeficientai i?orin?s sienos, ?viesos ang? (lang?), stogo (lub?), perdangos vir? r?sio (grindys). Nurodyt? ?ilumos perdavimo koeficient? nustatymas tiek pagal normin? metod?, tiek taikant vartotojo metod?, ?r. 5,6,7,8 lenteles. Na, mes apsisprend?me d?l namo pastato matmen?, o kaip d?l namo atitvar? konstrukcij?? I? koki? med?iag? tur?t? b?ti pagamintos sienos, lubos, grindys, langai ir durys? Mieli draugai, j?s turite ai?kiai suprasti, kad ?iame etape netur?tume nerimauti d?l med?iagos, skirtos atitvarin?ms konstrukcijoms, pasirinkimo. Kyla klausimas, kod?l? Taip, nes ? auk??iau pateikt? formul? ?d?sime atitvarini? konstrukcij? normalizuot? suma?int? ?ilumos perdavimo koeficient? reik?mes. Taigi, nepaisant to, i? kokios med?iagos ?ios konstrukcijos bus pagamintos ir koks j? storis, atsparumas turi b?ti tikras. (I?ra?as i? SNiP II-3-79* Statybos ?ildymo in?inerija).

(rekomenduojantis po?i?ris)

5 lentel?

(rekomenduojantis po?i?ris)

6 lentel?

Ir tik dabar, ?inant GSOP = 6739,2 oC*par?, interpoliacijos metodu nustatome normalizuot? atitvar? konstrukcij? ?ilumos perdavimo var??, ?r. 5 lentel? Duoti ?ilumos perdavimo koeficientai bus atitinkamai lyg?s: kpr = 1/ Ro ir yra pateikti 6 lentel?je. Specifin?s ?ildymo charakteristikos namuose qо = = [Р/S * ((kс + f * (kок – кс)) + 1/Н * (kpt + kpl)] = = 0,37 W/m3 * oC
Apskai?iuota ?ilumin? apkrova ?ildymui taikant normin? metod? bus lygi Qо.р = a* qо * V * (tв – tн) * 10-3 = 0,9 * 0,37 * 490,8 * (20 – (-40)) * 10 -3 = 9,81 kW

2. Vartotojo po?i?ris ? i?orini? tvor? ?ilumos perdavimo var??. Tokiu atveju i?orini? tvor? ?ilumos perdavimo var?a gali b?ti suma?inta, lyginant su 5 lentel?je nurodytomis vert?mis, kol apskai?iuotas savitasis ?ilumos energijos suvartojimas namui ?ildyti nevir?ys normalizuoto. Atskir? tvoros element? ?ilumos perdavimo var?a neturi b?ti ma?esn? u? minimalias reik?mes: gyvenamojo namo sienoms Rс = 0,63 Ro, grindims ir luboms Rpl = 0,8 Ro, Rpt = 0,8 Ro, langams Roк = 0,95 Ro . Skai?iavimo rezultatai pateikti 7 lentel?je. 8 lentel?je pateikti vartotojo metodo ?ilumos perdavimo koeficientai. Kalbant apie savit?j? ?ilumos energijos suvartojim? ?ildymo laikotarpiu, tai m?s? namui ?i vert? lygi 120 kJ/m2 * оС * par?. Ir jis nustatomas pagal SNiP 2003-02-23. ?i? reik?m? nustatysime, kai apskai?iuosime ?ilumos apkrov? ?ildymui daugiau nei detaliu b?du– atsi?velgiant ? konkre?ias tvoros med?iagas ir j? termofizines savybes (m?s? plano privataus namo ?ildymo apskai?iavimo plano 5 punktas).

Standartizuota atitvar? konstrukcij? ?ilumos perdavimo var?a
(vartotoji?kas po?i?ris)

7 lentel?

Atitvarini? konstrukcij? suma?int? ?ilumos perdavimo koeficient? nustatymas
(vartotoji?kas po?i?ris)

8 lentel?

Namo savitoji ?ildymo charakteristika qо = = [Р/S * ((kс + f * (kок – kс)) + 1/Н * (kpt + kpl)] = = 0,447 W/m3 * оС. Numatoma ?ilumos apkrova ?ildymas vartotojo po?i?riu bus lygus Qо.р = a * qо * V * (tв – tн) * 10-3 = 0,9 * 0,447 * 490,8 * (20 – (-40)) * 10–3 = 11,85 kW

Pagrindin?s i?vados:
1. Numatoma ?ildymo apkrova ?ildomam namo plotui, Qo.r = 15,17 kW.
2. Numatoma ?ilumos apkrova ?ildymui pagal suvestinius rodiklius pagal SNiP N-36-73 § 2.4. ?ildomas namo plotas, Qо.р = 13,67 kW.
3. Numatoma ?ilumos apkrova namui ?ildyti pagal standartin? specifin? pastato ?ildymo charakteristik?, Qо.р = 12,99 kW.
4. Numatoma ?ilumos apkrova namui ?ildyti, taikant preskriptyv? po?i?r? ? i?orini? tvor? ?ilumos perdavimo var??. Qо.р = 9,81 kW.
5. Numatoma ?ilumos apkrova namui ?ildyti, remiantis vartotojo po?i?riu pasirenkant i?orini? tvor? ?ilumos perdavimo var??; Qo.r = 11,85 kW.
Kaip matote, mieli draugai, skai?iuojama ?ilumos apkrova namui ?ildyti, su skirtingais po?i?riais ? jos nustatym?, gana svyruoja – nuo 9,81 kW iki 15,17 kW. Kur? pasirinkti ir nesuklysti? ? ?? klausim? pabandysime atsakyti tolesniuose ?ra?uose. ?iandien u?baig?me savo namo plano 2 punkt?. Kas dar nesp?jo prisijungti!

Pagarbiai, Grigorijus Volodinas